作者LimSinE (r=e^theta)
看板Math
標題Re: [分析] Lp norm的問題
時間Tue Sep 8 20:33:01 2009
※ 引述《hips (hips)》之銘言:
: f is complex measurable, u is a positive measure on X
: such that u(X) = 1.
: Assume |f|_∞ > 0.
: Assume |f|_r < ∞ for some r > 0.
: Prove that
: lim |f|_p = exp(∫log|f|du)
: p->0
:
可設f >=0 (否則以|f|取代f)
想法:
要證 lim (∫f^p du )^(1/p) = exp(∫log f du)
兩邊取對數即證
lim log(∫f^p du)/p = ∫log f du
然後左邊想用羅必達法則,所以要證
a. lim ∫f^p du = 1 (所以是0/0,可以用)
b. d/dp ∫f^p du = ∫ f^p log f du (微積分交換問題)
假設a.b.,則即證
lim (∫f^p log f du)/(∫f^p du) = ∫ log f du
但是左邊分母由a. 之極限是1,故即證
c. lim ∫f^p log f du = ∫ log f du
以下證明a.b.c.
a.
對於 0<p<r, 0 <= f^p < g = f^r + 1 ,可積分,故由 LDCT得證。
b.固定p0,p1
0<p0<p<p1<r
注意到 lim(x→0) x^p0 log x = 0, 故 x^p0 log x 有下界 B
B <= f^p0 log f <= f^p log f <= f^p1 log f <= C f^r (for some C)
|f^p log f| <= B + C f^r
由LDCT知 ∫f^p log f du 是p之連續函數
同時
∫(p0至p1) ∫|f^p log f| du dp <=∫(p0至p1) (B+C∫f^r du)dp
= (p1-p0(B+C∫f^r du))
故由Fubini 定理
∫(p0至p1)∫f^p log f du dp = ∫∫(p0至p1) f^p log f dp du =∫f^p1du-∫f^p0du
由微積分基本定理,即得b.
c. 記 f= f1 + f2,f1 = f 1_{f>=1}, f2 = f 1_{f<1}
只要證c.對 f1,f2 都成立即可
f1:固定p1, 0<p<p1<r
0<= f1^p log f1 <= f1^p1 log f1 <= C f^r (for some C)
由 LDCT,得證(極限必為有限)
f2:0<= - f2^p log f2 對 p↓0時是遞增的!
由 MCT 得證(極限可能是 -無限大)
故兩者可加,得到對f的極限式
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r=e^theta
即使有改變,我始終如一。
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◆ From: 219.68.27.21
※ 編輯: LimSinE 來自: 219.68.27.21 (09/08 20:36)
推 yutzu903 :真漂亮~ 09/08 21:02
→ yutzu903 :但是你證明 c. 不就是把 lim 丟進去~ 09/08 21:03
→ hips :極限也不是說丟就能丟,原po證的很嚴謹. 09/08 23:00
推 yutzu903 :因為原po在證明 b. 的時候 已經順便證明 c.了 09/08 23:06
沒有喔,b.中間只有說可以p→p0>0,但是c. 是要p→0
※ 編輯: LimSinE 來自: 219.68.27.21 (09/08 23:09)
推 hips :請問最後一句,為什麼兩者可加呢? 09/08 23:18
有限數 + 有限數、或有限數+ 負無限大都有定義
我要強調的是f1的部分不會變成正無限大,那樣就不可加了
※ 編輯: LimSinE 來自: 219.68.27.21 (09/08 23:23)
推 yutzu903 :sorry, 第一次沒想清楚~ 的確 c. 不能省 09/08 23:30
推 hips :謝謝原PO,也謝謝樓上的建議作法,感覺比我原本的好. 09/08 23:32
※ 編輯: LimSinE 來自: 219.68.27.33 (11/23 19:30)